【名师解析】四川省遂宁市2015届高三第二次诊断考试物理试题
一.选择题（共7小题，每小题6分，共42分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或者不答的得0分）
1．（6分）（2015?遂宁模拟）下列关于电磁波的说法符合实际的是（ ）
A． X射线是一种波长比紫外线还长的电磁波，医学上可检查人体内病变和骨骼情况 B． 把传递信号“加”到载波上的过程叫做调制，且调制的方法只有一种 C． 常见的电视遥控器发出的是紫外线脉冲信号 D． 做变速运动的电荷会在空间产生电磁波
【考点】： 电磁波的产生；电磁波的发射、传播和接收；X射线、α射线、β射线、γ射线及其特性．
【分析】：变化的电场产生磁场，变化的磁场产生电场；变化分均匀变化和周期性变化，均匀变化的电场产生恒定的磁场，周期性变化的电场产生周期变化的磁场．
【解析】： 解：A、X射线是一种波长比紫外线短的电磁波，故穿透能力强，医学上可检查人体内病变和骨骼情况，故A错误；
B、把传递信号“加”到载波上的过程叫做调制，有调幅与调频两种方式，故B错误； C、目前常见的电视遥控器发出的是紫外线脉冲信号，故C正确；
D、做变速运动的电荷会在空间产生变化的磁场，如果是匀变速运动，产生均匀变化的磁场，就不会产生电磁波，故D错误； 故选：C．
【点评】： 本题考查了电磁波的产生原理及运用，关键是明确麦克斯韦的电磁波理论，基础题目．
2．（6分）（2015?遂宁模拟）如图所示，一理想变压器原线圈匝数n1=500匝，副线圈匝数n2=100匝，原线圈中接一交变电源，交变电源电压u=220
sin100πt（V）．副线圈中接一电动机，内
阻为10Ω，电流表A2示数为1A电表对电路的影响忽略不计，则下列说法正确的是（ ）
A． 此交流电的频率为100 Hz B． 此电动机输出功率为44 W C． 电流表A1示数为0.2 A D． 电压表示数为220
【考点】： 变压器的构造和原理． 【专题】： 交流电专题．
【分析】：根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论
【解析】： 解：A、由交流电的公式知频率f=D、交变电源电压u=220
=
=50Hz，故A错误； V
sin100πt（V）有效值u1=220V，电压表示数为220V，故D错误；
I2=0.2A，故C正确；
C、根据电流与匝数成反比得：I1=
B、P2=P1=U1I1=220×0.2W=44W，由于电动机有内阻，损失一部分能量，故输出功率小于44W，故B错误； 故选：C
【点评】： 掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决．
3．（6分）（2015?遂宁模拟）如图所示，从点光源S发出的一细束白光以一定的角度入射到三棱镜的表面，经过三棱镜折射后在右侧光屏的a、b间形成一条彩色光带．下列说法不正确的是（ ）
A． 玻璃对a处光的临界角大于b处光的临界角 B． 三棱镜对a处光的折射率大于对b光的折射率 C． 在真空中a处光的波长小于b处光的波长
D． 在三棱镜中a处光的传播速率小于b处光的传播速率
【考点】： 光的折射定律． 【专题】： 光的折射专题．
【分析】：由于玻璃对各色光的折射率不同，导致色散的形成，玻璃对紫光的折射率最大，对红光的最小，可以得a侧为紫光，b侧为红光，红光的波长大于紫光的波长，由v=可以分析在棱镜中红光与紫光的传播速度大小． 【解析】： 解：
AB、由图看出三棱镜对a处光偏折最大，则玻璃对a处光的折射率大于对b处光的折射率，由临界角公式sinC=可知玻璃对a处光的临界角小于b处光的临界角，故A错误，B正确； C、玻璃对a处光的折射率大于对b处光的折射率，则a处光的频率大于b处光的频率，由公式c=λf，知在真空中a处光的波长小于b处光的波长，故C正确．
D、玻璃对紫光的折射率最大，对红光的最小，可以得a处为紫光，b处为红光，因红光的折射率小于紫光的，由v=可知在三棱镜中，a处光的传播速度小于b处光的传播速度，故D正确； 本题选不正确的，故选：A．
【点评】： 解决本题的突破口在于通过光线的偏折程度比较出光的折射率大小，知道折射率、频率、波长、临界角等大小关系，要掌握全反射的两个条件，并能用来分析实际问题．
4．（6分）（2015?遂宁模拟）一卫星绕某一行星表面附近做匀速圆周运动，其线速度大小为v．假设宇航员在该行星表面上用弹簧测力计测量一质量为m的物体，物体静止时，弹簧测力计的示数为F．已知引力常量为G，则这颗行星的质量为（ ） A．
【考点】： 万有引力定律及其应用．
B．
C．
D．
【专题】： 万有引力定律的应用专题．
【分析】：先求出该星球表面重力加速度，根据万有引力提供向心力公式即可求解．
【解析】： 解：宇航员在该行星表面上用弹簧测力计测量一质量为m的物体，物体静止时，弹簧测力计的示数为F，故： F=mg 所以： g=
根据万有引力提供向心力得： G
=m
=mg
解得： M=
故选：D．
【点评】： 本题是卫星类型的问题，常常建立这样的模型：环绕天体绕中心天体做匀速圆周运动，由中心天体的万有引力提供向心力．重力加速度g是联系星球表面宏观物体运动和天体运动的桥梁．
5．（6分）（2015?遂宁模拟）图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，O为波源．图乙为质点P以此时刻为计时起点的振动图象，则（ ）
A． 该波的波速为20m/s，且沿x轴负方向传播
B． 从该时刻起经过0.15s，波沿x轴的正方向传播了3 m
C． 若一人从x正方向靠近O点运动，他接受到波的频率可能为4Hz D． 从该时刻起经过0.3s时，质点Q的运动方向沿y轴正方向
【考点】： 横波的图象；波长、频率和波速的关系． 【专题】： 振动图像与波动图像专题．
【分析】：由振动图象读出t=0时刻P点的振动方向，判断波的传播方向．由波动图象读出波长，由振动图象读出周期，可求出波速，根据x=vt求解经过0.15s，波沿x轴的正方向传播的距离，根据多普勒效应判断接受到波的频率可不可能为4Hz，根据0.3s与周期的关系判断Q点的振动方向．
【解析】： 解：A、由图乙可知，此时P向下运动，则该波沿x轴正方向传播，根据图甲可知，λ=4m，根据图乙可知，T=0.2s，则波速v=
，故A错误；
B、从该时刻起经过0.15s，波沿x轴的正方向传播的距离x=vt=20×0.15=3m，故B正确；
C、若一人从x正方向靠近O点运动，靠近波源，根据多普勒效应可知，接收到的频率增大，而波的频率f=
，所以接收到的频率大于5Hz，不可能是4Hz，故C错误；
D、该时刻质点Q正向上振动，0.3s=1.5T，则从该时刻起经过0.3s，质点Q沿y轴负方向振动，故D错误． 故选：B
【点评】： 波的图象往往先判断质点的振动方向和波的传播方向间的关系．同时，熟练要分析波动形成的过程，分析物理量的变化情况．
6．（6分）（2015?遂宁模拟）图中MN和PQ为竖直方向的两平行足够长的光滑金属导轨，间距为L，电阻不计．导轨所在平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，两端分别接阻值为2R的电阻R1和电容为C的电容器．质量为m、电阻为R的金属杆ab始终垂直于导轨，并与其保持良好接触．杆ab由静止开始下滑，在下滑过程中最大的速度为v，整个电路消耗的最大电功率为P，则（ ）
A． 电容器左极板带正电 B． 电容器的最大带电量为 C． 杆ab的最大速度v等于
D． 杆ab所受安培力的最大功率为
【考点】： 导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；电功、电功率． 【专题】： 电磁感应与电路结合．
【分析】：根据右手定则，感应电动势的方向为，导体棒达到最大速度根据平衡条件，此时电容器的带电量最大，根据功率表达式P=FV可求得力和功率及速度之间的关系．
【解析】： 解：A：根据右手定则，感应电动势的方向为：a→b；故右板带正电荷；故A错误； B：当线框的速度达到最大时，感应电动势最大，感应电动势的最大值为：Em=BLvm=BLV； 路端电压的最大值为：正确；
C：根据功率表达式：P=FV，当P、F到达最大时速度达到最大值即：D：杆ab克服安培力的最大功率为：P=Fmvm=mgvm=mgV=P；故D错误； 故选：BC
，故C正确；
=
；故电容器的带电量最大，为：
，故B
